BZOJ

洛谷

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\(Description\)

有\(n\)堆石子。除了第一堆外，每堆石子个数都不少于前一堆的石子个数。两人轮流操作，每次可以从一堆石子中拿掉任意多的石子，但要保证操作后仍然满足初始时的条件。谁没有石子可拿时输。求先手是否必胜。

\(Solution\)

限制条件就是相邻两个数的差非负。那么记查分数组\(d_i=a_i-a_{i-1}\)。假设拿走第\(i\)堆的\(x\)个石子，影响是\(d_i\)-=\(x\)，\(d_{i+1}\)+=\(x\)，就相当于从\(d_i\)中拿\(x\)个给\(d_{i+1}\)。

显然原题意和对差分数组做反向的阶梯\(Nim\)是等价的，然后就做完啦。

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#include <cstdio>

#include <cctype>

#include <algorithm>

//#define gc() getchar()

#define MAXIN 300000

#define gc() (SS==TT&&(TT=(SS=IN)+fread(IN,1,MAXIN,stdin),SS==TT)?EOF:*SS++)

typedef long long LL;

const int N=1005;

int A[N];

char IN[MAXIN],*SS=IN,*TT=IN;

inline int read()

{

	int now=0; register char c=gc();

	for(;!isdigit(c);c=gc());

	for(;isdigit(c);now=now*10+c-'0',c=gc());

	return now;

}

int main()

{

	for(int T=read(); T--;)

	{

		const int n=read();

		for(int i=1; i<=n; ++i) A[i]=read();

		int s=0;

		for(int i=n; i>=1; i-=2) s^=(A[i]-A[i-1]);

		puts(s?"TAK":"NIE");

	}

	return 0;

}